每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和
崔坤
中國(guó)青島即墨，266200，E-mail:cwkzq@126.com
摘要: 數(shù)學(xué)家劉建亞在《哥德巴赫猜想與潘承洞》中說(shuō)：“我們可以把這個(gè)問題反過來(lái)思考, 已知奇數(shù)N可以表成三個(gè)素?cái)?shù)之和， 假如又能證明這三個(gè)素?cái)?shù)中有一個(gè)非常小，譬如說(shuō)第一個(gè)素?cái)?shù)可以總?cè)?， 那么我們也就證明了偶數(shù)的哥德巴赫猜想?！?， 直到2013年才有秘魯數(shù)學(xué)家哈羅德賀歐夫格特徹底證明了三素?cái)?shù)定理。
關(guān)鍵詞:三素?cái)?shù)定理，奇素?cái)?shù)，加法交換律結(jié)合律
中圖分類號(hào)：O156 文獻(xiàn)標(biāo)識(shí)碼： A
證明：
根據(jù)2013年秘魯數(shù)學(xué)家哈羅德·賀歐夫格特已經(jīng)徹底地證明了的三素?cái)?shù)定理：
每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是三個(gè)奇素?cái)?shù)之和，每個(gè)奇素?cái)?shù)都可以重復(fù)使用。
它用下列公式表示：Q是每個(gè)≥9的奇數(shù)，奇素?cái)?shù)：q1≥3，q2≥3，q3≥3，則Q=q1+q2+q3?

根據(jù)加法交換律結(jié)合律，不妨設(shè)：q1≥q2≥q3≥3，
則Q-3=q1+q2+q3-3 顯見：有且僅有q3=3時(shí)，Q-3=q1+q2，否則，奇數(shù)9，11，13都是三素?cái)?shù)定理的反例。
即每個(gè)大于等于6的偶數(shù)都是兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和
推論Q=3+q1+q2，即每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和。
我們運(yùn)用數(shù)學(xué)歸納法做如下證明：
給出首項(xiàng)為9，公差為2的等差數(shù)列：Qn=7+2n：{9,11,13,15,17,.....}
Q1= 9
Q2= 11
Q3= 13
Q4= 15
.......
Qn=7+2n=3+q1+q2,(其中奇素?cái)?shù)q1≥q2≥3，奇數(shù)Qn≥9，n為正整數(shù)）
數(shù)學(xué)歸納法：
第一步：當(dāng)n=1時(shí) ，Q1=9 時(shí) ，Q1=9=3+q1+q2=3+3+3成立
第二步：假設(shè) ：n=k時(shí)，Qk=3+qk1+qk2成立,奇素?cái)?shù)：qk1≥3，qk2≥3
當(dāng)n=k+1時(shí),Q（k+1）=Qk+2=3+qk1+qk2+2,
此時(shí)有且僅有2種情況：
A情況:qk1+2不為素?cái)?shù)或者qk2+2不為素?cái)?shù)時(shí)，Qk+2=Q（k+1）=5+qk1+qk2
即每個(gè)大于等于11的奇數(shù)都是5+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和，
而這個(gè)結(jié)論與“每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和”是等價(jià)的
即3+qk1+qk2+2=3+qk3+qk4，奇素?cái)?shù)：qk3≥3，qk4≥3
B情況:
(1)若qk1+2為qk1的孿生素?cái)?shù)P,
則：Qk+2=3+P+qk2,即每個(gè)大于等于11的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和
(2) 若qk2+2為qk2的孿生素?cái)?shù)P”,
則：Qk+2=3+P”+qk1，即每個(gè)大于等于11的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和
綜上所述，對(duì)于任意正整數(shù)n命題均成立，即：每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和
結(jié)論：每個(gè)大于等于9的奇數(shù)都是3+兩個(gè)奇素?cái)?shù)之和，Q=3+q1+q2，（奇素?cái)?shù)q1≥q2≥3，奇數(shù)Q≥9）

參考文獻(xiàn)：
[1] Major Arcs for Goldbach's Theorem. Arxiv [Reference date 2013-12-18]
[2] Minor arcs for Goldbach's problem．Arxiv [Reference date 2013-12-18]